NYOJ 541 解题报告
最强DE 战斗力
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难度： 3
春秋战国时期，赵国地大物博，资源非常丰富，人民安居乐业。但许多国家对它虎视眈眈，准备联合起来对赵国发起一场战争。
显然，面对多个国家的部队去作战，赵国的兵力明显处于劣势。战斗力是决定战争成败的关键因素，一般来说，一支部队的战斗力与部队的兵力成正比。但当把一支部队分成若干个作战队伍时，这个部队的战斗力就会大大的增强。
一支部队的战斗力是可以通过以下两个规则计算出来的：
1.若一支作战队伍的兵力为N，则这支作战队伍的战斗力为N；
2.若将一支部队分为若干个作战队伍，则这支部队的总战斗力为这些作战队伍战斗力的乘积。
比如：一支部队的兵力为5时的战斗力分析如下：
情况
作战安排
总的战斗力
1
1，1，1，1，1（共分为5个作战队伍）
1*1*1*1*1=1
2
1，1，1，2 （共分为4个作战队伍）
1*1*1*2=2
3
1，2，2 （共分为3个作战队伍）
1*2*2=4
4
1，1，3 （共分为3个作战队伍）
1*1*3=3
5
2，3 （共分为2个作战队伍）
2*3=6
6
1，4 （共分为2个作战队伍）
1*4=4
7
5 （共分为1个作战队伍）
5=5
显然，将部队分为2个作战队伍（一个为2，另一个为3），总的战斗力达到最大！
第一行： N表示有N组测试数据. (2<=N<=5)
接下来有N行，每行有一个整数Ti 代表赵国部队的兵力. （1<=Ti<=1000） i=1，…N
对于每一行测试数据，输出占一行，仅一个整数S，表示作战安排的最大战斗力. 2
5
4 6
4
这道题其实就是要将一个正整数n分解为若干个正整数之和，使得这些数字之积最大。网路上有很多高端的解法来解决这个问题，那么有没有比较初等的方法来求解呢？答案是肯定的。
现给定一个正整数M，将其分解为M=a1+a2+…+an，记它们的积为y=a1*a2*…*an。要使得y达到最大值，根据几何-算术平均值不等式，当a1=a2=…=an=a时y有最大值。所以M=a*n，y=a^n，将第一个式子代入，有y=a^(M/a)。考虑这是一个关于a的函数，将两边取对数，有ln(y)=(M/a)*ln(a)，要使得y达到最大，则f(a)=ln(a)/a达到最大值，其中a∈N。根据微积分知识，求导任意得到当a=3时有最大值。下面，我用Mathematica软件绘图直观表达。
所以，要使得最后的积最大，就是尽可能多的分解出3（即不断做减法），若最后还剩下4，则就此停止；若最后剩下5，就再分解为3+2。这里M>=3。若M=1，就直接输出1；若M=2，则直接输出2。
但是，由于题目的M的数据量比较大，例如当M=1000时，要乘上333个3和1个2，永远超过long long。因此需要使用大数乘法。幸运的是，这里只是一个很大的数和一个个位数做乘法，不存在错位相加，所以还是比较容易的。
好了，赶紧贴上我的代码。
#include <stdio.h>
#include <memory.h>
void Multiply(int n,int ans[],int *len)
{
int i=0,r=0;
while(1)
{
ans*=n;
ans=ans+r;
r=0;
if(ans>=10)
{
r=ans/10;
ans=ans%10;
}
i++;
if(i>=(*len))
{
break;
}
}
while(r!=0)
{
ans=ans+r%10;
r=r/10;
(*len)++;
i++;
}
}
void Print(int ans[],int *len)
{
int i;
for(i=(*len)-1;i>=0;i--)
{
printf("%d",ans);
}
printf("\n");
}
int main()
{
int N;
scanf("%d",&N);
while(N--)
{
int Ti;
scanf("%d",&Ti);
if(Ti<=4)
printf("%d\n",Ti);
else
{
int ans={0};
memset(ans,0,200);
int len=1;
ans=1;
while(Ti)
{
if(Ti==4)
{
Multiply(4,ans,&len);
break;
}
else if(Ti==2)
{
Multiply(2,ans,&len);
break;
}
else
{
Multiply(3,ans,&len);
Ti-=3;
}
}
Print(ans,&len);
}
}
return 0;
}
再来看看标程的。其实大同小异啦~~~
#include <stdio.h>
#include <string.h>
#define base 10000
int ans;
void mul(int x)
{
int k = ans;
for(int i=1;i<=k;i++)
ans *= x;
for(int i=1;i<=k;i++)
{
if(ans>=base)
{
ans += ans/base;
ans %= base;
}
}
if(ans)
ans++;
}
void print()
{
int k = ans;
printf("%d",ans);
for(int i=k-1;i>=1;i--)
printf("%04d",ans);
printf("\n");
}
int main()
{
int z,n;
scanf("%d",&z);
while(z--)
{
scanf("%d",&n);
memset(ans,0,sizeof(ans));
ans = ans = 1;
while(n >= 3)
{
if(n == 4)
{
mul(4);
break;
}
if(n == 5)
{
mul(6);
break;
}
mul(3);
n -= 3;
}
if(n == 2)
mul(2);
print();
}
return 0;
}
文档来源：51CTO技术博客https://blog.51cto.com/liulizhi1996/3035754
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